一、选择题（每题3分，共36分）
1．如图所示，用硬纸片把收音机的一个喇叭糊起来，做成一个“舞台”，当你打开收音机时台上一个小人在音乐声中翩翩起舞．关于这个现象，下列说法中不正确的是（ ）
A．听到的声音是由广播电台发出，靠电磁波传来的 B．纸小人跳舞说明声音是由物体的振动产生的
C．音乐声越大，小人舞动的越剧烈，说明物体的音调越高，产生声音的响度越大 D．关掉声音是从声源处减弱噪声
【考点】声音的产生；响度；防治噪声的途径． 【分析】（1）电磁波能够传递信息，我们听广播、看电视，都是靠电磁波传来的． （2）声音是由物体的振动产生的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的． （3）减弱噪声的途径：在声源处减弱﹣﹣消声；在传播过程中减弱﹣﹣吸声；在耳朵处减弱﹣﹣隔声．
【解答】解：A、听到的声音是由广播电台发出的，这是靠电磁波来传递信息，故A正确；
B、喇叭舞台上小人在音乐声中翩翩起舞，这个现象说明声音是由物体振动产生的，故B正确；
C、音乐声越大，喇叭振幅越大，小人舞动的越剧烈，说明了振幅越大，响度越大，故C错误；
D、关掉声音，这是在声源处减弱噪声，故D正确． 故选C．
2．为了探究光反射时的规律，小明进行了如图所示的实验．小明得出的下列结论中，不正确的是（ ）
A．若入射光线EO与平面镜的夹角为40°，此时反射角为50°
B．从纸板ENF前不同的方向都能看到光的传播路径，表明光在光屏上发生了漫反射 C．若将纸板ENF向后折转一定的角度，则在纸板上不能看到反射光，此时反射光线和入射光线不在同一平面内
D．如果让光线逆着FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，这表明光路是可逆的
【考点】光的反射定律． 【分析】（1）光的反射定律：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角；
入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角；
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（2）在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；
（3）根据光的反射定律分析解答； （4）在光的反射中，光路是可逆的．
A、【解答】解：入射光线与平面镜的夹角为40°，则入射光线与法线间的夹角为90°﹣40°=50°，
即入射角是50°，由光的反射定律知，此时反射角是50°．故A正确；
B、在不同方向都能看到光的传播路径，是由于漫反射的缘故．故B正确；
C、由于反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，若将纸板ENF向后折转一定的角度，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板F上就无法呈现出反射光线了，因此这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内．故C错误；
D、如果让光线逆着FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，这表明光路是可逆的．故D正确． 故选C．
3．如图甲所示，小明将冰块放入易拉罐中加盐．用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰和盐水混合物的温度，可以看到混合物的温度低于0℃．这时他观察易拉罐下部和底部有白霜（如图乙）．关于该现象说法正确的是（ ）
A．食盐可以降低冰的熔点
B．用筷子搅拌可以降低冰的温度
C．罐底的白霜是空气中的水蒸气先液化后凝固形成的 D．小明认为家用体温计可以完成该实验 【考点】熔点和凝固点．
【分析】冰与盐混合后，冰的熔点降低； 晶体在熔化过程中温度不变； 物质由气态直接变成固态是凝华； 体温计的测量范围是35～42℃．
【解答】解：A、往冰上撒盐，使冰中参入杂质，降低冰的熔点，使冰熔化．选项正确； B、搅拌可以加快冰的熔化，冰是晶体，晶体在熔化过程中温度不变．选项错误； C、罐底的白霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华成小冰晶附在底部形成霜．选项错误； D、罐中冰和盐水混合物的温度低于体温计的最小值．选项错误； 故选A．
4．我国是全世界手机用户最多的国家，下列关于手机的说法中不正确的是（ ） A．手机是利用电磁波发射和接收信息 B．听筒是利用了电磁感应原理工作的
C．振动用的电动机利用了磁场对电流有力的作用 D．手机充电时是电能转化为化学能
【考点】移动通信；直流电动机的原理；电源及其能量转化． 【分析】（1）手机就是利用电磁波的发射和接收来实现信息传递的；
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（2）听筒将变化的电流转化为声音，利用的是磁场对电流的作用； （3）电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动；
（4）手机充电的过程，消耗的是电能，最后转化为电池的化学能． 【解答】解：
A、手机是利用电磁波来传递信息的，故A正确；
B、通电导体处于磁场中，就会受到磁力的作用，听筒就是利用这个原理将变化的电流转化为声音的，故B错误；
C、做振动用的电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理来工作的，故C正确； D、手机充电是电能转化为化学能，故D正确． 故选B．
5．在探究通电螺线管磁极方向与那些因素有关的实验中，某同学做了下列四组实验，其中对通电螺线管左右两端磁极判断正确的是（ ）
A．甲N﹣﹣﹣S，乙N﹣﹣﹣S，丙S﹣﹣﹣N，丁S﹣﹣﹣N B．甲S﹣﹣﹣N，乙S﹣﹣﹣N，丙N﹣﹣﹣S，丁N﹣﹣﹣S C．甲N﹣﹣﹣S，乙S﹣﹣﹣N，丙N﹣﹣﹣S，丁S﹣﹣﹣N D．甲S﹣﹣﹣N，乙N﹣﹣﹣S，丙S﹣﹣﹣N，丁N﹣﹣﹣S 【考点】通电螺线管的磁场．
【分析】由电流的方向，根据右手螺旋定则可判出通电螺线管的磁极． 【解答】解：
甲图电流由右侧流入，由右手螺旋定则可知，通电螺线管左侧为N极，右侧为S极． 乙图电流由左侧流入，由右手螺旋定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极． 丙图电流由左侧流入，由右手螺旋定则可知，通电螺线管左侧为N极，右侧为S极． 丁图电流由右侧流入，由右手螺旋定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极． 综上分析，只有选项C正确． 故选C．
6．下列四个设备与图中动圈式话筒工作原理相同的是（ ）
A．
扬声器 B．
电动机 C．
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手摇发电机 D．
电磁起重机
【考点】电磁感应；直流电动机的构造和工作过程．
【分析】动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器．由此可知其工作原理是电磁感应现象． 【解答】解：动圈式话筒是根据电磁感应现象制成的． A、当扬声器线圈中有随声音变化的电流时，由于电流的磁效应，通电线圈相当于一个磁体，根据磁极间的相互作用情况，通电线圈就会受到永磁体的作用力．所以当电流方向改变时，通电线圈的磁极发生变化，受力方向就变化，线圈带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音，故扬声器是利用电流的磁效应工作的，故该选项错误；
B、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故不符合题意； C、发电机是根据电磁感应现象制成的，故该选项正确；
D、电磁起重机主要是利用电磁铁工作的，电磁铁是根据电流的磁效应制成的，故该选项错误． 故选C．
7．如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一重为G=50N的金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，则（ ）
A．t1时刻小球的动能最大 B．t2时刻小球的动能最大
C．t2到t3时间内，小球的动能先增加后减小
D．t2到t3时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能 【考点】动能和势能的转化与守恒．
【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止．
【解答】解：A、t1时刻小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，故A错误；
B、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故B错误； C、t2～t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速运动，后做减速运动，质量不变，动能先增大后减小，故C正确；
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D、t2～t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误； 故选C．
8．如图所示，两个完全相同的条形磁铁A和B，质量均为m，将它们竖直放在水平地面上，用弹簧秤通过一根细线竖直向上拉磁铁A，若弹簧秤读数为mg，则B对A的支持力F1以及水平地面对B的支持力F2分别为（ ）
A．F1=0，F2=mg B．F1=mg，F2=0 C．F1＞0，F2＜mg D．F1＞0，F2=mg 【考点】力与图象的结合；二力平衡条件的应用． 【分析】（1）对磁铁A进行受力分析，受到向下的重力、向上的拉力、B对A的引力和B对A的支持力，根据这四个力平衡可判断B对A的支持力F1的大小；
（2）把磁铁A和B当成一个整体进行受力分析，这个整体的重力等于2mg，向上的拉力为mg，还有向上的支持力，根据这三个力平衡，可求出水平地面对B的支持力F2的大小． 【解答】解：（1）磁铁A受到向下的重力、向上的拉力、B对A的向下引力和B对A向上的支持力，这四个力平衡，因为拉力和重力大小相等，所以B对A的向下引力和B对A向上的支持力相等，所以，F1＞0，但不一定等于mg，所以AB错误．
（2）把磁铁A和B当成一个整体，这个整体的重力等于2mg，向上的拉力为mg，还有向上的支持力，根据这三个力平衡，所以水平地面对B的支持力F2的大小等于mg，故C错误，D正确． 故选D．
9．如图所示，物体A重400N置于水平桌面上，物体B重100N恰能拉着A向右匀速运动；现用水平向左的拉力F作用于物体A上，使物体B在5s内匀速上升了1m（不计动滑轮、绳重以及滑轮轮轴间摩擦），在此过程中下列分析正确的是（ ）
A．拉力F为50N
B．拉力F的功率为40W
C．物体A与桌面的摩擦力为350N D．绳子拉力对物体B所做的功为200J
【考点】滑轮组绳子拉力的计算；功的计算；功率的计算． 【分析】（1）根据滑轮组的省力情况，已知物体B重300N，不计动滑轮、绳重以及滑轮轮轴间摩擦，可求出绳子自由端的拉力，物体A匀速运动，拉力和摩擦力是一对平衡力，可知物体A所受摩擦力大小．
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（2）若用一水平向左的力F拉动物体A，拉力F的大小等于物体A所受摩擦力与绳子自由端的拉力之和，又知物体B在5s内匀速上升了1m，根据承担物重的绳子股数，可知物体A移动的距离，根据功和功率公式可求出拉力的功率．
（3）已知物体B匀速上升了1m，根据W=Gh可求出拉力对物体B做的功． 【解答】解：（1）由图可知，承担物重的绳子股数是2，
不计动滑轮、绳重以及滑轮轮轴间摩擦，绳子自由端的拉力： F′=
=
=50N．
物体A匀速运动，则拉力和摩擦力是一对平衡力，物体A所受摩擦力：f=F′=50N． （2）用一水平向左的力F拉动物体A，拉力：F=f+F′=50N+50N=100N，
物体B在5s内匀速上升了h=1m，则物体A在5s内匀速移动了s=2h=2×1m=2m， 拉力做的功：W=Fs=100N×2m=200J， 拉力F的功率为：P==
=40W．
（3）绳子拉力对物体B所做的功：W′=GBh=100N×1m=100J． 由此分析可知选项ACD错误，B正确． 故选B．
10．如图所示，是小明常用的一个插线板．他在使用中发现：插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压．根据上述现象，你认为指示灯、开关和插孔的连接正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】干路开关控制所有的用电器．并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响．
【解答】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故C正确； 故选C．
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11．小明对新型LED灯带很好奇，取一段剖开后发现，灯带中的LED灯串联后通过电源适配器接入照明电路的，他取下其中一只LED灯接在一节电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，用手试摸，点亮的灯几乎不发热．以下推断符合上述实验事实的是（ ）
A．LED灯主要是将电能转化为内能 B．LED灯应用了半导体材料
C．灯带中一只LED灯断路后其他灯还亮 D．单只LED灯工作电压是220V
【考点】电源及其能量转化；半导体的作用；串联电路和并联电路的辨别．
【分析】照明电路的电压是220V，灯带中的LED灯是串联后接入电路的，所以一只LED灯的工作电压小于220V；并且只要一只灯泡断路，其它灯泡就无法工作；LED灯主要是将电能转化为光能； 【解答】解：
A、用手试摸，点亮的灯几乎不发热，说明LED灯主要是将电能转化为内能的说法是错误的，故A不符合题意；
B、开始灯不亮，对调电池正负极后灯亮了，说明LED灯是具有单向导电性的二极管，LED应用了半导体材料，故B符合题意；
C、因为灯带中的LED灯是串联的，所以灯带中一只LED灯断路后其它灯也不能工作，故C不符合题意；
D、LED灯是串联后通过电源适配器接入照明电路的，所以一只LED灯的工作电压小于220V，故D不符合题意． 故选B．
12．如图所示，电源电压，灯丝电阻不变，当S1，S2都断开时，电压表的示数为U1，电阻R1消耗的功率为0.1W，只闭合S1时，电压表示数为U2，电流表的示数为0.2A，只闭合S2时，电阻R1消耗的功率为3.6W．当S1，S2都闭合时，灯L正常发光．已知U1：U2=1：2，则下列结论错误的是（ ）
A．灯L的额定功率为1.8W B．电阻R2的阻值为30Ω C．电源电压8V
D．S1，S2都断开和S1，S2都闭合时，灯L消耗的功率之比为1：9
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【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算． 【分析】先画出四种情况的等效电路图：
根据欧姆定律分别表示出电压表的示数即可求出图甲中电路的电流，根据P=I2R求出电阻R1的阻值，根据电源的电压不变列出等式；根据P=I2R和图甲和图丙中R1消耗的电功率得出它们的电流关系，再根据电源的电压不变得出等式，联立等式求出RL、R2的阻值． 根据欧姆定律结合图乙求出电源的电压，再根据P=
结合图丙求出灯泡的电功率即为灯泡
的额定功率．
【解答】解：当两个开关都断开时，等效电路图如图甲所示； 当只闭合开关S1时，等效电路图如图乙所示； 当只闭合开关S2时，等效电路图如图丙所示； 当两个开关都闭合时，等效电路图如图丁所示．
（1）在甲、乙两图中，电阻R2不变，所以I1=I2=×0.2A=0.1A， R1=
=
=10Ω；
==；
因总电压U一定， 所以
=
=，即R2=R1+RL﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
在甲、丙两图中，电阻R1不变
===，
则： =；
因总电压U一定， 所以
=
=，即5R1=R2+RL﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①、②得：5R1=R1+RL+RL=R1+2RL， RL=2R1=2×10Ω=20Ω，
R2=R1+RL=10Ω+20Ω=30Ω，故B正确；
（2）在图乙中，U=U2=I2R2=0.2A×30Ω=6V，
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在图丁中，灯L的额定功率PL=
==1.8W，故A正确；
（3）电源电压：U=I2R2=0.2A×30Ω=6V，故C错误；
（4）由图甲、丁所示电路图可知，S1，S2都断开和S1，S2都闭合时，灯L消耗的功率之比：
=
=
=，故D正确；
本题选错误的，故选C．
二、非选择题（本题包括7小题，共34分）
13．如图是空调制冷时制冷剂循环的简化图，气态制冷剂由压缩机压入室外机的热交换器，在热交换器内液化放热，然后在室内热交换器内汽化吸热，从而降低室内空气的温度．在室外的热交换器中，气态制冷剂是通过压缩体积的方式液化的．
【考点】液化及液化现象；液化方法及其应用．
【分析】物质由气态变成液态的过程叫液化．液化过程放热；液化的方法由降低温度和压缩体积；物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化过程放热．
【解答】解：空调的制冷剂，气态由压缩机压入室外机的热交换器，在交换器内放热液化，然后在室内热交换器内吸热由液态又变为气态，发生汽化．从而降低室内空气的温度．在室外的热交换器中，气态制冷剂通过压缩体积又变为液态． 故答案为：放；吸；压缩体积．
14．如图乙所示是一种起重机的简图，为了保证起重机起重时不会翻倒，在起重机右边配有一个重物m0；已知OA=12m，OB=4m．用它把质量为2×103kg，底面积为0.5m2的货物G匀速提起（g=10N/kg）． 求：
（1）起吊前，当货物静止在水平地面时，它对地面的压强是多少？
（2）若起重机自重不计，吊起货物时为使起重机不翻倒，右边的配重m0至少为多少千克？ （3）如果起重机吊臂前端是由如图甲所示的滑轮组组成，动滑轮总重100Kg，绳重和摩擦不计．如果拉力的功率为6Kw，则把2×103kg的货物匀速提高10m，拉力F的大小是多少？需要多少时间？
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【考点】压强的大小及其计算；杠杆的平衡条件；动滑轮拉力的计算；功的计算． 【分析】（1）在水平地面上物体的压力和自身的重力相等，根据G=mg求出其大小，然后根据公式p=求出起吊前它对地面的压强；
（2）以O作为支点，将物重和配重分别看作动力和阻力，已知两力臂OA、OB的长，根据杠杆的平衡条件列式求解即可．
（3）由图可知滑轮组绳子的有效股数为3，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据F=（G+G动）求出拉力，根据W=Fs求出拉力做的功，再根据W=Pt求出做功的时间． 【解答】解：（1）货物对地面的压力： F压=G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N， 货物对地面的压强：
物
p==
=4×104Pa．
（2）由杠杆平衡条件可得：OA×mg=OB×m0g， 所以m0=
=
=6×103kg；
（3）由图可知滑轮组绳子的有效股数为3， 绳端移动的距离： s=nh=3×10m=30m， 拉力：
F=（G物+G动）=×（2×103kg+100kg）×10N/kg=7000N， 拉力做的功：
W=Fs=7000N×30m=2.1×105J， 做功时间： t==
=35s．
答：（1）货物静止在水平地面时对地面的压强是4×104Pa； （2）右边的配重m0至少为6×103kg；
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（3）拉力F的大小为7000N，需要35s的时间．
15．在学完凸透镜成像规律后，小颖选择了一块焦距未知的凸透镜，对凸透镜成像特点作了进一步探究．
（1）为测量凸透镜焦距，她让一束平行光正对射向该透镜，需调节光屏位置直到在屏上得到一个最小最亮的光斑．图甲是调节完成的状态，该透镜的焦距f=10.0cm；
（2）小颖按图乙组装好实验装置．在只移动透镜的情况下，她发现都不能在光屏上成清晰的像．由此，你猜想造成上述现象的原因是蜡烛和光屏间距离较小；
（3）如图丙所示，蜡烛在光具座上A处时，可在B处的光屏上成一清晰的像，所成像为倒立、放大的实像．若把蜡烛从A处向左移动距离s到C，为在光屏上再次成清晰的像，则她应将光屏向左（填“左”或“右”）移动，移动距离s′＞s（选填“＞”、“＜”或“=”）． 【考点】凸透镜成像规律及其探究实验． 【分析】（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点．焦点到光心的距离是凸透镜的焦距．
（2）根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系，当u=2f，成倒立、等大的实像，此时v=2f；
（3）根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系可确定像的性质；凸透镜成像时，物距增大，像距减小；当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小．二者变化的幅度不相等，由此可得出s′与s的关系． 【解答】解：（1）让一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，这点是凸透镜的焦点，由图1可知：焦点到光心的距离是25.0cm﹣15.0cm=10.0cm，所以凸透镜的焦距是10.0cm．
（2）由图乙可知，此时u=2f，在只移动透镜的情况下，当物距u=2f，成倒立、等大的实像，此时v=2f，但光屏的位置就不符合v=2f；
当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，此时v＞2f，同样光屏的位置也不符合v＞2f；因此都不能在光屏上成清晰的像．要想在光屏上得到像，就得将光屏远离透镜，因此造成都不能在光屏上成清晰的像的原因是蜡烛和光屏间距离较小．
（3）由图丙可知，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，由凸透镜成像规律可知，可在B处的光屏上成一清晰的像，所成像为倒立、放大的实像；凸透镜位置不变，蜡烛向左移动，物距增大，像距减小，光屏向左移动才能接到清晰的像．当由A处向左移动时，由于物体向2f处靠近，所以物像之距在减小，因为物体向左移动，像也向左移动，像距变化大于物距变化，所以物体移动的距离s小于像移动的距离s′． 故答案为：（1）10.0；（2）蜡烛和光屏间距离较小；（3）倒立、放大；左；＞． 16．（晶体熔化）王鹏同学用如图甲所示装置探究萘熔化时温度的变化规律，并根据实验数据描出萘熔化时温度随时间的变化图象，如图乙所示．请回答下列问题：
（1）将装有萘的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，这样做不但能使试管受热均匀，而且萘的温度上升速度较慢（选填“快”或“慢”），便于及时记录各个时刻的温度．
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（2）除图甲所示实验器材外，还需要的实验器材有火柴和秒表．
（3）分析图象乙可获得的信息有：该物质为晶体，其熔点为80℃（填一条即可）．
（4）在萘熔化过程中，如果将试管从烧杯中拿出来，萘停止熔化．将试管放回烧杯中后，萘又继续熔化，说明固体熔化时需要吸收热量．
【考点】熔化和凝固的探究实验． 【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）从图象中可以发现，记录的数据有温度和时间，从记录的数据找实验测量的工具； （3）从物质的熔化图象中，可以判断物质的种类，是晶体还是非晶体；若晶体还可判断其熔点；从图象中能判断物质在熔化时的特点；若是晶体还能判断出各个时间段的状态． （4）物质从固态变为液态的过程属于熔化，熔化时吸收热量． 【解答】解：（1）将装有萘的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，萘的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）从图象知，记录的数据有温度和时间，测量温度需要温度计，测量时间需要秒表，所以实验器材还缺少秒表；
（3）由图象知，该物质在熔化过程中温度保持80℃不变，该物质为晶体，其熔点为80℃；该物质温度为30℃时处于固态；物质从第10min开始熔化，到第25min完全熔化完，持续时间为15min．
（4）试管从烧杯中拿出来，冰和蜡不能吸收热量，停止熔化．将试管放回烧杯后，冰和蜡能从热水中吸收热量，又继续熔化．说明固体熔化时吸收热量． 故答案为：（1）慢； （2）秒表； （3）该物质为晶体，其熔点为80℃；（4）吸收热量．
17．庆林要研究浮力大小与物体排开液体的体积的关系．他找来一个金属圆柱体、弹簧测力计和烧杯等器材进行了如图1所示的探究．
（1）分析图中弹簧测力计示数的变化可知物体排开液体的体积越大，所受的浮力越大． （2）实验结束后，庆林绘制了弹簧测力计对金属圆柱体的拉力和金属圆柱体所受浮力随浸入液体深度变化的曲线，如图2所示．分析图象可知：
①曲线a（选填“a”或“b”）描述的是金属圆柱体所受浮力的变化情况．
②该金属圆柱体所受重力为2.7N，金属圆柱体完全浸没时受到的浮力为1.0N．
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【考点】探究浮力大小的实验． 【分析】（1）根据图中物体浸入到液体中的体积和弹簧测力计示数的变化，结合F浮=G﹣F拉分析浮力大小和排开液体体积之间的关系；
（2）根据浮力大小和排开液体体积之间的关系判断出哪一条图象是浮力变化的图象，哪一条是拉力变化的图象；
（3）根据拉力变化的图象可知，物体没有浸入到水中前的拉力即为物体的重力；根据浮力变化的图象可得物体完全浸没时的浮力． 【解答】解：（1）根据图中物体浸入到液体中的体积和弹簧测力计示数的变化，物体进入到液体中的体积越大，即排开液体的体积越大，弹簧测力计的拉力越小，根据F浮=G﹣F拉可知，物体重力不变，物体受的浮力会越大；
（2）①因为在物体全部浸没前，物体进入到液体中的深度越深．排开液体的体积越大，浮力越大；物体全部浸没后，排开液体的体积不变，根据F浮=ρgV排可知，浮力不再变化；所以图象a符合金属圆柱体所受浮力和浸入深度的关系；
②图象b是弹簧测力计对金属圆柱体的拉力变化图象，物体没有浸入到水中前的拉力即为物体的重力G=F=2.7N；
由图象a可知，圆柱体完全浸没后，圆柱体受的浮力为1.0N． 故答案为：（1）越大；（2）①a；②2.7；1.0．
18．图甲是测量小灯泡（U额=2.5V）电阻的电路．电源电压恒为4V．
（1）请将图甲中的电路连接完整．（要求滑片P向右滑动时电灯变亮，导线不允许交叉） （2）实验中，滑动变阻器除了保护电路外，还可以改变小灯泡两端的电压和通过的电流，多测几组数据．
（3）下表是记录的部分实验数据，图乙是第1次实验中电流表的示数，该示数为0.24A．这5次实验中，灯泡电阻的最大值为10.42Ω（结果保留两位小数）．为了完成这5次实验，应该选取最大阻值不小于35Ω的滑动变阻器．
2 3 4 5 实验次数 1 2.5 2.0 1.5 1.0 0.5 电压 0.24 0.22 0.19 0.16 0.10 电流 【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电流规律；电流表的读数方法；电压表的使用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用． 【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程且与灯泡并联，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，滑片P向右滑动时电灯变亮说明电路中的电流变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小即右下方接线柱必须接入电路中；
（2）滑动变阻器滑片滑到最大阻值处电路中电流最小，对电路起保护作用，移动滑动变阻器滑片，改变电路电流，改变灯泡的电压和电流，能完成多次实验，以便发现电阻和温度的关系；
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（3）①根据电流表的量程和分度值读出第1次实验中电流表的示数；
②根据欧姆定律求出不同电压下灯泡的电阻，然后确定这5次实验中灯泡电阻的最大值； ③当灯泡两端的电压最小时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值即可得出滑动变阻器的最小的最大阻值． 【解答】解：（1）灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程为0～3V，且与灯泡并联；滑动变阻器的右下方接线柱与灯泡串联时，滑片P向右滑动时电灯变亮，电路图如下图所示：
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片处于最大阻值处，电路电阻最大，电流最小，对电路起保护作用；
移动滑动变阻器的滑片，改变电路电流，改变灯泡的电压和电流，计算灯泡电阻，完成多次实验，发现电阻与温度的关系；
（3）①电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，第1次实验中电流表的示数为0.24A；10.42Ω、9.09Ω、7.89Ω、6.25Ω、5.00Ω，②根据R=可得，这5次实验中灯泡的电阻依次为：故这5次实验中灯泡电阻的最大值为10.42Ω；
③当灯泡两端的电压UL=0.5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大， ∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣UL=4V﹣0.5V=3.5V， ∵串联电路中各处的电流相等， ∴滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=
=
=35Ω，故滑动变阻器的最大阻值不小于
35Ω．
故答案为：
（1）如上图所示；
（2）改变小灯泡两端的电压和通过的电流，多测几组数据； （3）0.24；10.42；35． 19．（电热学问题）目前，一种可移动的太阳能红绿灯开始在不少城市的十字路口“站岗”．这种红绿灯具有节能和灵活的特点，可大大减轻交警的工作压力．这种太阳能红绿灯的主要技术参数见下表．白天太阳能电池板给红绿灯供电，同时多余的电能又给蓄电池充电．在阴雨天和晚上，蓄电池又给红绿灯供电，使红绿灯能连续工作，如图所示． 每个信号灯规格U、光电转换效率η 有效受光面积S 工作电压U 使用条件T P 24V、30W 30% 8m2 24V ﹣30℃～70℃ 第14页（共16页）
（1）在晴朗的白天，红绿灯不工作而给蓄电池充电时，太阳能红绿灯能量的转化过程是太阳能能转化为电能再转化为化学能．
（2）设一天有效受光时间为6h，每平方米的面积上太阳辐射的功率P0=103W，则这种太阳能红绿灯电池板一天获得的电能是多少kW•h？
（3）这种太阳能红绿灯分前、后、左、右四组，每组又由红、黄、绿三灯组成，共有12个信号灯．太阳能红绿灯电池板一天获得的电能，可供它连续正常工作几天？它正常工作时，干路电流是多大？
【考点】太阳能的其他相关计算． 【分析】（1）根据太阳能的特点和太阳能电池板、蓄电池的工作原理回答．
（2）知道有效受光面积、每平方米的面积上太阳辐射的功率，可求太阳能电池板接收太阳辐射的总功率；利用W=Pt求一天太阳能电池板获得的总太阳能，知道光电转换效率，再利用W电=W总×η求阳能红绿灯电池板一天获得的电能；
（3）虽然十字路口共有12个信号灯，但是每组里面的红绿灯不是同时工作的，同一时刻每组里只有一个灯工作，即同一时刻共有4个灯工作（可以查询不同网页了解），所以“太阳能红绿灯正常工作时的总功率：P=4P1=4×30W=120W=0.12kW”，求出每组灯的总功率，知道提供的电能，利用t=求工作时间，再利用P=UI求正常工作电流．
【解答】解：（1）太阳能电池板给红绿灯供电，是太阳能转化成电能；多余的电能给蓄电池充电是电能转化成化学能；
（2）太阳能电池板接收太阳辐射的总功率：P总=8m2×1×103W/m2=8kW， 一天太阳能电池板获得的总太阳能：W总=P总t=8kW×6h=48kW•h， 一天太阳能转化的电能：W电=W总×η=48kW•h×30%=14.4kW•h； （3）同一时刻每组里只有一个灯工作，即同一时刻共有4个灯工作； 太阳能红绿灯正常工作时的总功率： P=4P1=4×30W=120W=0.12kW，
由P=得，太阳能红绿灯连续正常工作时间： t=
=
=120h=5天，
由P=UI得，太阳能红绿灯正常工作时干路电流： I==
=5A．
答：（1）电；化学；
（2）这种太阳能红绿灯电池板一天获得的电能是14.4kW•h；
（3）太阳能红绿灯电池板一天获得的电能，可供它连续正常工作5天，它正常工作时，干路电流是5A．
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