2013全国大纲版高考卷理综试题物理部分

考试时间：150分钟；总分：300分

本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 考生注意：

1.答题前，考生在答题卡上务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己的姓名.准考证号填写清

楚，并贴好条形码，请认真核准条形码上的准考证号.姓名和科目。

2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对

应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净，再选涂其他答案标号。第Ⅱ卷请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷.草稿纸上作答无效。

第I卷（选择题 共1 2 6分）

以下数据可供解题时参考：

相对原子质量（原子量）：H 1 C 1 2 N 14 O 16 S 32

二.选择题（本题共8小题。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多

个选项正确全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）

14. 2013年4月将出现“火星合日”的天象“火星合日”是指火星.太阳.地球三者之间形成

一条直线时，从地球的方位观察，火星位于太阳的正后方，火星被太阳完全遮蔽的现象，如图所示已知地球.火星绕太阳运行的方向相同，若把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆，火星绕太阳公转周期约等于地球公转周期的2倍，由此可知( )

A.“火星合日”约每1年出现一次 B.“火星合日”约每2年出现一次 C.火星的公转半径约为地球公转半径的

倍

D.火星的公转半径约为地球公转半径的8倍

15.abc为一全反射棱镜，它的主截面是等腰直角三角形，如图所示，一束白光垂直入射到ac面上，在ab面上发生全反射.若光线入射点O的位置保持不变，改变光线妁入射方向，(不考虑自bc面反射的光线)：( )

A.使入射光按图中所示的顺时针方向逐渐偏转，如果有色光射出 ab面，则红光将首先射出

B.使入射光按图中所示的顺时针方向逐渐偏转，如果有色光射出 ab面，则紫光将首先射出

C.使入射光按图中所示的逆时针方向逐渐偏转，红光将首先射出 ab面

D.使入射光按图中所示的逆时针方向逐渐偏转，紫光将首先射出 ab面

16.按照氢原子的能级图可以确定（ ） A.用波长为600nm的光照射，不能使氢原子电离

B.用能量为10.2eV的光子可以使处于基态的氢原子发生跃迁 C.若n=4向n=3跃迁辐射的光子刚好使某金属发生光电效应，则 n=5向n=1跃迁有8种光子能使其发生光电效应 D.电子在低能级轨道运动时比在高能级轨道运动时 的动能大

17.如图所示，一定质量的空气被活塞封闭在竖直放置的导热气缸内，活塞的质量不可忽略，能 使被封闭气体压强变大的原因是( )

A.环境温度升高 B.气缸向上加速运动 C.气缸自由下落 D.将气缸开口向下放置

18. 如图所示，分别用两个恒力F1和F2先后两次将质量为m的物体从静止开始，沿着同一个粗糙的固定斜面由底端推到顶端，第一次力F1的方向沿斜面向上，第二次力F2的方向沿水平向右，两次所用时间相同. 在这两个过程中（ ） A.F1和F2所做功相同 B.物体的机械能变化相同 C.F1和F2对物体的冲量大小相同 D.物体的加速度相同

19.如图（a）所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的铜圆环，规定从上向下看时，铜环中的感应电流I沿顺时针方向为正方向。图（b）表示铜环中的感应电流I随时间t变化的图像，则磁场B随时间t变化的图像可能是下图中的（ ）

20. 如图所示，边长为L的正方形单匝线圈abcd，电阻r，外电路的电阻为R，a.b的中点和

cd的中点的连线OO恰好位于匀强磁场的边界线上，磁场的磁感应强度为B，若线圈从图示位置开始，以角速度绕轴OO匀速转动，则以下判断错误的是( ) A.图示位置线圈中的感应电动势最大为Em=BL

2



12

BLsint 2 B.闭合电路中感应电动势的瞬时值表达式为e=

2BL2C.线圈从图示位置转过180的过程中，流过电阻R的电荷量为q=

Rro

D.线圈转动一周的过程中，电阻R上产生的热量为Q=

B2L4R4(Rr)2

21. 距离楼顶l90m处一房间起火，一消防队员沿一条竖直悬垂的绳子从楼顶由静止开始加速下滑，滑到窗户A处，突然停止下滑；同时突然用脚将窗户玻璃踢破，自己反弹了一下，然后进入窗内救人。若已知从开始下滑到刚进入窗内共用了时间

t15s，g10m/s2，假设不计绳的质量，反弹的距离远小于绳长，则他下滑时

加速度a的大小约为 A. a5.8m/s2 C. a9.8m/s2

B. a3.8m/s2 D. a7.8m/s2

第Ⅱ卷（非选择题 共1 7 4分）

三.非选择题《本题共1 3小题，共1 74分）

22.（8分）某同学先后用两种方式测量一个电阻的阻值。

①他先用多用电表的欧姆挡“×1”挡测量，在正确操作的情况下，表盘指针如图甲所示，可读得该待测电阻的阻值Rx= Ω。 来

②他再用如图乙所示的电路图进行实验，某次测量时两个电表的指针如图所示，由两电表示数可算得待测电阻的阻值Rx= Ω（计算结果保留二位有效数字）。

③根据这两个测量值，可估算出图乙中电流表的内阻约为 Ω。由此可知：采用如图乙的电路测量较小阻值的电阻时，电流表的内阻对测量值的影响 （填“很大”或“很小”）。

23.（10分）用图甲所示的装置做“验证牛顿第二定律”的实验.

A

①为了减小长木板对小车摩擦力的影响，必须在长木板 （填“远离”或“靠近”）滑轮的一端下面垫一块木板，反复移动木板的位置，直至小车能单独在长木板上做 运动。

②为了验证小车的加速度与其质量的定量关系，必须采用 法。 ③保持小车受力不变，测量不同质量的小车在这个力作用下的加速度。某次实验中打出如图乙所示的纸带（打点计时器电源的频率为50Hz），则这个加速度值a = m/s. ④某同学把实验得到的几组数据画成图丙的a-m图象，为了更直观描述物体的加速度跟

2

其质量的关系，请你根据他的图象在图丁中画出a-

1图象。 m

24.如图甲所示，在高h =0.8m的平台上放置一质量为Ｍ =0.99kg的小木块（视为质点），小木块距平台右边缘d =2m，一质量m =0.01kg的子弹沿水平方向射入小木块并留在其中，然后一起向右运动，在平台上运动的v-x关系如图乙所示。最后，小木块从平台边缘滑出落在距平台右侧水平距离s =0.8m的地面上，g取10m/s，求： （1）小木块滑出时的速度；

（2）小木块在滑动过程中产生的热量； （3）子弹射入小木块前的速度。

甲

10

v/m•s

22

-2

2

2

Ｏ

1

乙

2

x/m

25.如图所示，ABCD为表示竖立放在场强为E=10V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切，A为水平轨道的一点，而且AB=R=0.2m。把一质量m=100g.带电q=10C的小球，放在水平轨道的A点上面由静止开始被释放后，在轨道的内侧运动。（g=10m/s） 求：（1）它到达C点时的速度是多大？ （2）它到达C点时对轨道压力是多大？ （3）小球所能获得的最大动能是多少？

26.如图所示，竖直平面内有一直角坐标系xOy，在x≥0的区域内有一倾角为θ＝45°的绝缘光滑斜面，斜面末端O处用一极小的平滑曲面连接，恰能使斜面末端水平.在x≤0的广泛区域内存在正交的匀强磁场和匀强电场，磁场垂直于纸面向里，磁感应强度大小为B；电场沿竖直方向(图中未画出)，场强大小为E.电荷量为－q(q>0)的带电小球从绝缘光滑斜面上某点由静止开始下滑，小球经斜面末端O点进入电场和磁场，之后做圆周运动，垂直于y轴离开电场和磁场，最后垂直打到绝缘光滑斜面上.求： (1)小球从开始运动到垂直打到绝缘光滑斜面上所用的时间； (2)小球下滑的初始位置的坐标.

2

－4

4

物理答案

14.BC 15.A 16.ABD 17.B 18.BD 19.B 20.AC 21.A

22.①6.0（或6)（2分）；②6.7（2分）；③0.7（2分）；很大（2分）。

23.①远离（1分）.匀速直线（1分）；②变量控制（或控制变量）（2分）；③0.8（或0.80）（2分）；④如下图所示： (4分)（说明：质量转换正确得2分.描点正确得1分.画线正确得1分）。

24.解：（1）小木块从平台滑出后做平抛运动，

有：h12gt 2得：t0.4s

木块飞出时的速度v2s2m/s ┄┄┄┄┄┄┄４分 t22 （2）因为小木块在平台上滑动过程中做匀减速运动，根据v2v12ax

知v-s图象的斜率k2

4102a 1 得小木块在平台上滑动的加速度大小a3m/s2 ┄┄４分

根据牛顿第二定律，得f(Mm)a(0.990.01)33N

根据能量守恒定律，得小木块在滑动过程中产生的热量

Qfx6J ┄┄┄┄┄┄┄┄┄４分

（其它解法一样给分）

10v12410 （3）由图象可得 1021 解得小木块刚开始滑动时的速度为v14m/s ┄┄┄┄┄┄３分 子弹射入木块的过程中，根据动量守恒定律，有mv0(Mm)v1

解得：v0400m/s ┄┄┄┄┄┄┄┄┄３分

25.解：（1）.（2）设：小球在C点的速度大小是Vc，对轨道的压力大小为NC，则对于小球由A→C的过程中，应用动能定律列出：

在C点的圆轨道径向应用牛顿第二定律，有：,

解得

（3）因为mg=qE=1N，所以合场的方向垂直于B.C点的连线BC，合场势能最低的点在BC 的中点D如图，小球的最大能动EKM：

26. 【解析】(1)由于小球在磁场.电场和重力场中做匀速圆周运动，则

mg＝qE(2分)

设带电小球进入x<0区域的速度大小为v0，小球打到斜面时，速度方向与斜面垂直，则 tanθ＝，vy＝gt，v0＝gttanθ＝gt(2分) 匀速圆周运动的轨道半径 r＝

v0

vymv0

(2分) qB12

2r－gt2

由图知tanθ＝(2分)

v0t得t＝

4Etan θ4E＝(1分) 2

gB（2tan θ＋1）3gB4Etan θ4Ev0＝＝(1分) 2

B（2tan θ＋1）3BπmπE在磁场中运动的时间t1＝＝(1分)

2

qBgB4Etan θ42E在斜面下滑时间t2＝＝＝(1分) 2

gsinθgBsinθ（2tan θ＋1）3gB4EπE42E（4＋3π＋42）E总时间t总＝t＋t1＋t2＝＋＋＝(2分)

3gBgB3gB3gB12

(2)x轴：x＝gsinθt2cosθ

21

＝gsinθ2

8E42E2

cosθ＝9gB2(2分) 3gB

2

2

v0

2

8Ey轴：y＝x＝2(2分)

9gB8E2，8E2.

所以小球下滑的初始位置为9gB9gB

22